mysql_fetch_array () / mysql_fetch_assoc () / mysql_fetch_row () / mysql_num_rows и т. д.… ожидает, что параметр 1 будет ресурсом

Я пытаюсь выбрать данные из таблицы MySQL, но получаю одно из следующих сообщений об ошибке:

mysql_fetch_array () ожидает, что параметр 1 будет ресурсом, учитывая логическое значение

Это мой код:

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];

$result = mysql_query('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE $username');

while($row = mysql_fetch_array($result)) {
    echo $row['FirstName'];
}

Запрос может завершиться ошибкой по разным причинам, и в этом случае mysql_ * и расширение mysqli будут возвращаться falseиз своих соответствующих функций / методов запроса. Вы должны проверить это условие ошибки и обработать его соответствующим образом.

mysql_ * расширение :

ПРИМЕЧАНИЕ. Функции mysql_ устарели и были удалены в php версии 7.

Проверьте $resultперед передачей mysql_fetch_array. Вы обнаружите, что это falseпотому, что запрос не удался. См. mysql_queryДокументацию для возможных возвращаемых значений и предложений о том, как обращаться с ними.

$username = mysql_real_escape_string($_POST['username']);
$password = $_POST['password'];
$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '$username'");

if($result === FALSE) { 
    die(mysql_error()); // TODO: better error handling
}

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}

mysqli расширение
процедурного стиля :

$username = mysqli_real_escape_string($mysqli, $_POST['username']);
$result = mysqli_query($mysqli, "SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '$username'");

// mysqli_query returns false if something went wrong with the query
if($result === FALSE) { 
    yourErrorHandler(mysqli_error($mysqli));
}
else {
    // as of php 5.4 mysqli_result implements Traversable, so you can use it with foreach
    foreach( $result as $row ) {
        ...

оо-стиль :

$username = $mysqli->escape_string($_POST['username']);
$result = $mysqli->query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '$username'");

if($result === FALSE) { 
    yourErrorHandler($mysqli->error); // or $mysqli->error_list
}
else {
    // as of php 5.4 mysqli_result implements Traversable, so you can use it with foreach
    foreach( $result as $row ) {
      ...

используя подготовленное утверждение:

$stmt = $mysqli->prepare('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE ?');
if ( !$stmt ) {
    yourErrorHandler($mysqli->error); // or $mysqli->error_list
}
else if ( !$stmt->bind_param('s', $_POST['username']) ) {
    yourErrorHandler($stmt->error); // or $stmt->error_list
}
else if ( !$stmt->execute() ) {
    yourErrorHandler($stmt->error); // or $stmt->error_list
}
else {
    $result = $stmt->get_result();
    // as of php 5.4 mysqli_result implements Traversable, so you can use it with foreach
    foreach( $result as $row ) {
      ...

Эти примеры только иллюстрируют, что должно быть сделано (обработка ошибок), а не как это сделать. Рабочий код не должен использоваться or dieпри выводе HTML, иначе он будет (по крайней мере) генерировать недопустимый HTML. Кроме того, сообщения об ошибках базы данных не должны отображаться для пользователей, не являющихся администраторами, так как они раскрывают слишком много информации .

Это сообщение об ошибке отображается, когда в вашем запросе есть ошибка, которая вызвала его сбой. Это проявится при использовании:

• mysql_fetch_array/mysqli_fetch_array()
• mysql_fetch_assoc()/mysqli_fetch_assoc()
• mysql_num_rows()/mysqli_num_rows()

Примечание . Эта ошибка не отображается, если ваш запрос не затрагивает ни одной строки. Только запрос с неверным синтаксисом будет генерировать эту ошибку.

Действия по устранению неполадок

• Убедитесь, что ваш сервер разработки настроен для отображения всех ошибок. Вы можете сделать это, помещая это в верхней части файлов или в конфигурационном файле: error_reporting(-1);. Если у вас есть какие-либо синтаксические ошибки, это укажет их вам.

• Использование mysql_error(). mysql_error()сообщит о любых ошибках, обнаруженных MySQL при выполнении вашего запроса.

  Пример использования:

  mysql_connect($host, $username, $password) or die("cannot connect"); 
  mysql_select_db($db_name) or die("cannot select DB");
  
  $sql = "SELECT * FROM table_name";
  $result = mysql_query($sql);
  
  if (false === $result) {
      echo mysql_error();
  }

• Запустите ваш запрос из командной строки MySQL или из такого инструмента, как phpMyAdmin . Если в вашем запросе есть синтаксическая ошибка, это скажет вам, что это такое.

• Убедитесь, что ваши цитаты верны. Отсутствие кавычки вокруг запроса или значения может привести к сбою запроса.

• Убедитесь, что вы избегаете своих ценностей. Кавычки в вашем запросе могут привести к сбою запроса (а также оставить вас открытыми для SQL-инъекций). Используйте, mysql_real_escape_string()чтобы избежать вашего ввода.

• Убедитесь , что вы не смешиваясь mysqli_*и mysql_*функции. Они не одно и то же и не могут использоваться вместе. (Если вы собираетесь выбрать ту или иную палку mysqli_*. См. Ниже, почему.)

Другие советы

mysql_*функции не должны использоваться для нового кода. Они больше не поддерживаются, и сообщество начало процесс амортизации . Вместо этого вы должны узнать о подготовленных утверждениях и использовать либо PDO, либо MySQLi . Если вы не можете решить, эта статья поможет выбрать. Если вы хотите учиться, вот хороший учебник PDO .

Ошибка произошла здесь из-за использования одинарных кавычек ( '). Вы можете поставить свой запрос так:

mysql_query("
SELECT * FROM Users 
WHERE UserName 
LIKE '".mysql_real_escape_string ($username)."'
");

Используется mysql_real_escape_stringдля предотвращения внедрения SQL. Хотя мы должны использовать расширение MySQLi или PDO_MYSQL для обновленной версии PHP (PHP 5.5.0 и более поздних версий), но для более старых версий все mysql_real_escape_stringполучится.

Как объяснил scompt.com , запрос может завершиться ошибкой. Используйте этот код, чтобы получить ошибку запроса или правильный результат:

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];

$result = mysql_query("
SELECT * FROM Users 
WHERE UserName LIKE '".mysql_real_escape_string($username)."'
");

if($result)
{
    while($row = mysql_fetch_array($result))
    {
        echo $row['FirstName'];
    }
} else {
    echo 'Invalid query: ' . mysql_error() . "\n";
    echo 'Whole query: ' . $query; 
}

См. Документацию дляmysql_query() получения дополнительной информации.

Фактическая ошибка заключалась в одинарных кавычках, поэтому переменная $usernameне была проанализирована. Но вы должны действительно использовать, mysql_real_escape_string($username)чтобы избежать SQL-инъекций.

Положите цитаты вокруг $username. Строковые значения, в отличие от числовых значений, должны быть заключены в кавычки.

$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '$username'");

Кроме того, нет смысла использовать LIKEусловие, если вы не используете подстановочные знаки: если вам нужно использовать точное совпадение =вместо LIKE.

Пожалуйста, проверьте, если база данных не выбрана, потому что иногда база данных не выбрана.

Проверьте

mysql_select_db('database name ')or DIE('Database name is not available!');

перед запросом MySQL, а затем перейти к следующему шагу

$result = mysql_query('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE $username');

f($result === FALSE) {
    die(mysql_error());

Ваш код должен быть примерно таким

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$query = "SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '$username'";
echo $query;
$result = mysql_query($query);

if($result === FALSE) {
    die(mysql_error("error message for the user")); 
}

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}

Сделав это, вы напечатаете запрос на экране. Попробуйте этот запрос на вашем сервере и посмотрите, даст ли он желаемые результаты. В большинстве случаев ошибка в запросе. Остальная часть кода верна.

$result = mysql_query('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE $username');

Вы определяете строку, используя одинарные кавычки, а PHP не анализирует строки, разделенные одинарными кавычками. Чтобы получить переменную интерполяцию, вам нужно использовать двойные кавычки ИЛИ конкатенацию строк (или их комбинацию). Смотрите http://php.net/manual/en/language.types.string.php для получения дополнительной информации.

Также вы должны убедиться, что mysql_query вернул допустимый ресурс результата, иначе fetch_ *, num_rows и т. Д. Не будут работать с результатом, поскольку это не результат! IE:

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$result = mysql_query('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE $username');

if( $result === FALSE ) {
   trigger_error('Query failed returning error: '. mysql_error(),E_USER_ERROR);
} else {
   while( $row = mysql_fetch_array($result) ) {
      echo $row['username'];
   }
}

http://us.php.net/manual/en/function.mysql-query.php для получения дополнительной информации.

Этот запрос должен работать:

$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '%$username%'");
while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}

Проблема заключается в одинарных кавычках, поэтому ваш запрос не выполняется и возвращает FALSE, а ваш цикл WHILE не может быть выполнен. Использование% позволяет сопоставить любые результаты, содержащие вашу строку (например, SomeText- $ username-SomeText).

Это просто ответ на ваш вопрос, вы должны реализовать материал, упомянутый в других постах: обработку ошибок, использование escape-строк (пользователи могут вводить в поле все что угодно, и вы ДОЛЖНЫ убедиться, что это не произвольный код), использовать PDO вместо mysql_connect который сейчас ограничен.

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '%$username%'") or die(mysql_error());

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}

Иногда подавление запроса как @mysql_query(your query);

Если вы попробовали все здесь, и это не работает, вы можете проверить сопоставление базы данных MySQL. Мой был установлен на шведскую сортировку. Затем я изменил его на utf8_general_ciи все просто включилось.

$query = "SELECT Name,Mobile,Website,Rating FROM grand_table order by 4";

while( $data = mysql_fetch_array($query))
{
    echo("<tr><td>$data[0]</td><td>$data[1]</td><td>$data[2]</td><td>$data[3]</td></tr>");      
}

Вместо использования запроса WHERE вы можете использовать этот запрос ORDER BY. Это гораздо лучше, чем это для использования запроса.

Я сделал этот запрос и не получаю ошибок, таких как параметр или логическое значение.

Попробуйте, это должно работать, в противном случае вам нужно распечатать ошибку, чтобы указать вашу проблему

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];

$sql = "SELECT * from Users WHERE UserName LIKE '$username'";
$result = mysql_query($sql,$con);

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}

Там может быть две причины:

1. Открыли ли вы соединение с базой данных до вызова функции mysql_query? Я не вижу этого в вашем коде. Используйте mysql_connect перед выполнением запроса. Видетьphp.net/manual/en/function.mysql-connect.php

2. Переменная $ username используется внутри одной строки кавычек, поэтому ее значение не будет оцениваться внутри запроса. Запрос определенно потерпит неудачу.

В-третьих, структура запроса подвержена внедрению SQL . Вы можете использовать подготовленные заявления, чтобы избежать этой угрозы безопасности.

Попробуйте следующий код. Это может работать нормально.

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName ='$username'");

while($row = mysql_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}

Иди к своему config.php. У меня такая же проблема. Проверьте имя пользователя и пароль, а также выберите sql select с тем же именем, что и в конфигурации.

Не используйте ограниченную функцию mysql_ * (исключено в php 5.5 будет удалено в php 7). и вы можете сделать это с MySQL или PDO

вот полный запрос выбора

<?php
$servername = "localhost";
$username = "username";
$password = "password";
$dbname = "myDB";

// Create connection
$conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);
// Check connection
if ($conn->connect_error) {
    die("Connection failed: " . $conn->connect_error);
} 

$sql = "SELECT id, firstname, lastname FROM MyGuests";
$result = $conn->query($sql);

if ($result->num_rows > 0) {
    // output data of each row
    while($row = $result->fetch_assoc()) {
        // code here 
    }
} else {
    echo "0 results";
}
$conn->close();
?>

<?php
    $username = $_POST['username'];
    $password = $_POST['password'];
    $result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '".$username."'");

    while($row = mysql_fetch_array($result))
    {
        echo $row['FirstName'];
    }
?>

И если есть пользователь с уникальным именем пользователя, вы можете использовать «=» для этого. Там нет необходимости любить.

Ваш запрос будет:

mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName ='".$username."'");

Включите переменную строки соединения перед запросом MySQL. Например, $conntв этом коде:

$results = mysql_query($connt, "SELECT * FROM users");

Каждый раз, когда вы получаете ...

«Предупреждение: mysqli_fetch_object () ожидает, что параметр 1 будет mysqli_result, учитывая логическое значение»

... вероятно, потому что есть проблема с вашим запросом. prepare()Или query()может вернуться FALSE(булево), но это общее сообщение об ошибке не оставит вас много на пути разгадки. Как вы узнаете, что не так с вашим запросом? Вы спрашиваете !

Прежде всего, убедитесь, что отчеты об ошибках включены и видимы: добавьте эти две строки вверху ваших файлов сразу после открывающего <?phpтега:

error_reporting(E_ALL);
ini_set('display_errors', 1);

Если ваше сообщение об ошибке установлено в php.ini, вам не придется беспокоиться об этом. Просто убедитесь, что вы корректно обрабатываете ошибки и никогда не раскрываете истинную причину каких-либо проблем для ваших пользователей. Раскрытие истинной причины для общественности может быть приглашением с золотой гравировкой для тех, кто хочет навредить вашим сайтам и серверам. Если вы не хотите отправлять ошибки в браузер, вы всегда можете отслеживать журналы ошибок вашего веб-сервера. Расположение журналов зависит от сервера, например, в Ubuntu журнал ошибок обычно находится по адресу /var/log/apache2/error.log. Если вы просматриваете журналы ошибок в среде Linux, вы можете использовать их tail -f /path/to/logв окне консоли, чтобы увидеть ошибки, возникающие в режиме реального времени .... или по мере их возникновения.

Как только вы возьметесь за стандартную отчетность об ошибках, добавив проверку ошибок в вашем соединении с базой данных и запросах, вы получите гораздо более подробную информацию о возникающих проблемах. Посмотрите на этот пример, где имя столбца неверно. Во-первых, код, который возвращает общее фатальное сообщение об ошибке:

$sql = "SELECT `foo` FROM `weird_words` WHERE `definition` = ?";
$query = $mysqli->prepare($sql)); // assuming $mysqli is the connection
$query->bind_param('s', $definition);
$query->execute();

Ошибка носит общий характер и не очень помогает вам решить, что происходит.

С помощью пары строк кода вы можете получить очень подробную информацию, которую можно использовать для немедленного решения проблемы . Проверьте prepare()утверждение на правдивость, и если оно хорошее, вы можете перейти к обязательному исполнению и исполнению.

$sql = "SELECT `foo` FROM `weird_words` WHERE `definition` = ?";
if($query = $mysqli->prepare($sql)) { // assuming $mysqli is the connection
    $query->bind_param('s', $definition);
    $query->execute();
    // any additional code you need would go here.
} else {
    $error = $mysqli->errno . ' ' . $mysqli->error; // 1054 Unknown column 'foo' in 'field list'
    // handle error
}

Если что-то не так, вы можете выложить сообщение об ошибке, которое приведет вас непосредственно к проблеме. В этом случае fooстолбца в таблице нет, решение задачи тривиально.

При желании вы можете включить эту проверку в функцию или класс и расширить ее, корректно обработав ошибки, как упоминалось ранее.

<?php
      $username = $_POST['username'];
       $password = $_POST['password'];

     $result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '".mysql_real_escape_string($username)."'")or die(mysql_error());
while($row=mysql_fetch_array($result))
  {
 echo $row['FirstName'];
 }
 ?>

Попробуй это

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$result = mysqli_query('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE $username');

if($result){
while($row = mysqli_fetch_array($result))
{
    echo $row['FirstName'];
}
}

Сначала проверьте ваше соединение с базой данных. Это связано успешно или нет?

Если это сделано, то после этого я написал этот код, и он работает хорошо:

if (isset($_GET['q1mrks']) && isset($_GET['marks']) && isset($_GET['qt1'])) {
    $Q1mrks = $_GET['q1mrks'];
    $marks = $_GET['marks'];
    $qt1 = $_GET['qt1'];

    $qtype_qry = mysql_query("
        SELECT *
        FROM s_questiontypes
        WHERE quetype_id = '$qt1'
    ");
    $row = mysql_fetch_assoc($qtype_qry);
    $qcode = $row['quetype_code'];

    $sq_qry = "
        SELECT *
        FROM s_question
        WHERE quetype_code = '$qcode'
        ORDER BY RAND() LIMIT $Q1mrks
    ";
    $sq_qry = mysql_query("
        SELECT *
        FROM s_question
        WHERE quetype_code = '$qcode'
        LIMIT $Q1mrks
    ");
    while ($qrow = mysql_fetch_array($sq_qry)) {
        $qm = $qrow['marks'] . "<br />";
        $total += $qm . "<br />";
    }
    echo $total . "/" . $marks;
}

Убедитесь, что вы не закрываете базу данных с помощью db_close (), прежде чем запускать свой запрос:

Если вы используете несколько запросов в сценарии, даже если вы включаете другие страницы, которые содержат запросы или соединение с базой данных, возможно, что в любом месте вы используете db_close (), которая закроет ваше соединение с базой данных, поэтому убедитесь, что вы не делать эту ошибку в ваших сценариях.

Если у вас не возникает ошибка MySQL при проверке, убедитесь, что вы правильно создали таблицу базы данных. Это случилось со мной. Ищите любые нежелательные запятые или цитаты.

Сначала проверьте ваше соединение.

Затем, если вы хотите получить точное значение из базы данных, вы должны написать:

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName =`$usernam`");

Или вы хотите получить LIKEтип значения, тогда вы должны написать:

$result = mysql_query("SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE '%$username%'");

Вы также можете проверить, как $resultпроисходит сбой, перед тем как выполнить массив извлечения

$username = $_POST['username'];
$password = $_POST['password'];
$result = mysql_query('SELECT * FROM Users WHERE UserName LIKE $username');
if(!$result)
{
     echo "error executing query: "+mysql_error(); 
}else{
       while($row = mysql_fetch_array($result))
       {
         echo $row['FirstName'];
       }
}

Обычно ошибка возникает при сбое подключения к базе данных, поэтому обязательно подключите базу данных или включите файл базы данных.

include_once(db_connetc.php');

ИЛИ

// Create a connection
$connection = mysql_connect("localhost", "root", "") or die(mysql_error());

//Select database
mysql_select_db("db_name", $connection) or die(mysql_error());

$employee_query = "SELECT * FROM employee WHERE `id` ='".$_POST['id']."'";

$employee_data = mysql_query($employee_query);

if (mysql_num_rows($employee_data) > 0) {

    while ($row = mysql_fetch_array($employee_data)){
        echo $row['emp_name'];
    } // end of while loop
} // end of if

• Рекомендуется выполнить запрос в sqlyog, а затем скопировать его в код своей страницы.
• Всегда сохраняйте ваш запрос в переменной, а затем выводите эту переменную. Затем перейдите к mysql_query($query_variable);.

Традиционно PHP был терпим к плохой практике и ошибкам в коде, что делает отладку довольно сложной. Проблема в этом конкретном случае заключается в том, что mysqli и PDO по умолчанию не сообщают вам, когда запрос не выполнен, и просто возвращаются FALSE. (Я не буду говорить об ограниченном расширении mysql . Поддержка подготовленных операторов является достаточной причиной для переключения либо на PDO, либо на mysqli .) Но вы можете изменить поведение PHP по умолчанию, чтобы всегда выдавать исключения при сбое запроса.

Для PDO : используйте$pdo->setAttribute(PDO::ATTR_ERRMODE, PDO::ERRMODE_EXCEPTION);

error_reporting(E_ALL);

$pdo = new PDO("mysql:host=localhost;dbname=test", "test","");
$pdo->setAttribute(PDO::ATTR_ERRMODE, PDO::ERRMODE_EXCEPTION);

$result = $pdo->query('select emal from users');
$data = $result->fetchAll();

Это покажет вам следующее:

Неустранимая ошибка: необработанное исключение «PDOException» с сообщением «SQLSTATE [42S22]: столбец не найден: 1054 Неизвестный столбец« emal »в« списке полей »в E: \ htdocs \ test \ mysql_errors \ pdo.php в строке 8

PDOException: SQLSTATE [42S22]: столбец не найден: 1054 Неизвестный столбец «emal» в «списке полей» в E: \ htdocs \ test \ mysql_errors \ pdo.php в строке 8

Как видите, он точно говорит вам, что не так с запросом, и где это исправить в вашем коде.

Без $pdo->setAttribute(PDO::ATTR_ERRMODE, PDO::ERRMODE_EXCEPTION); тебя получишь

Неустранимая ошибка: вызов функции-члена fetchAll () для логического значения в E: \ htdocs \ test \ mysql_errors \ pdo.php в строке 9

Для MySQL : используйтеmysqli_report(MYSQLI_REPORT_ERROR | MYSQLI_REPORT_STRICT);

error_reporting(E_ALL);

mysqli_report(MYSQLI_REPORT_ERROR | MYSQLI_REPORT_STRICT);
$mysqli = new mysqli('localhost', 'test', '', 'test');

$result = $mysqli->query('select emal from users');
$data = $result->fetch_all();

Ты получишь

Неустранимая ошибка: необработанное исключение «mysqli_sql_exception» с сообщением «Неизвестный столбец« emal »в« списке полей »в E: \ htdocs \ test \ mysql_errors \ mysqli.php в строке 8

mysqli_sql_exception: неизвестный столбец 'emal' в 'списке полей' в E: \ htdocs \ test \ mysql_errors \ mysqli.php в строке 8

Без mysqli_report(MYSQLI_REPORT_ERROR | MYSQLI_REPORT_STRICT);вас только получить

Неустранимая ошибка: вызов функции-члена fetch_all () для логического значения в E: \ htdocs \ test \ mysql_errors \ mysqli.php в строке 10

Конечно, вы можете вручную проверить ошибки MySQL. Но я бы сошел с ума, если бы мне приходилось делать это каждый раз, когда я делал опечатку - или хуже - каждый раз, когда я хотел бы запросить базу данных.

Попробуйте этот код, он работает нормально

присвойте переменную post переменной

   $username = $_POST['uname'];

   $password = $_POST['pass'];

  $result = mysql_query('SELECT * FROM userData WHERE UserName LIKE $username');

if(!empty($result)){

    while($row = mysql_fetch_array($result)){
        echo $row['FirstName'];
     }
}